2016年高考真题——物理(海南卷)

在地面上方某一点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出,不计空气阻力,则小球在随后的运动中

A.速度和加速度的方向都在不断变化

B.速度与加速度方向之间的夹角一直减小

C.在相等的时间间隔内,速率的改变量相等

D.在相等的时间间隔内,动能的改变量相等

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

B

由于物体只受重力作用,做平抛运动,故加速度不变,速度大小和方向时刻在变化,选项A错误;设某时刻速度与竖直方向夹角θ,则,随着时间t变大,tanθ变小,θ变小,故选项B正确;根据加速度定义式,则v=gt,即在相等的时间间隔内,速度的改变量相等,故选项C错误;根据动能定理,在相等的时间间隔内,动能的改变量等于重力做的功,即WG=mgh,对于平抛运动,由于在竖直方向上,在相等时间间隔内的位移不相等,故选项D错误。

     

如图,在水平桌面上放置一斜面体P,两长方体物块a和b叠放在P的斜面上,整个系统处于静止状态。若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示。则

A.f1=0,f2≠0,f3≠0

B.f1≠0,f2=0,f3=0

C.f1≠0,f2≠0,f3=0

D.f1≠0,f2≠0,f3≠0

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

C

对整体手里分析可知,整体相对地面没有相对运动趋势,故f3=0;再将ab看成一个整体,ab整体有相对斜面向下运动的趋势,故bP之间有摩擦力,即;再对a受力分析可知,a相对于b有向下运动的趋势,ab之间存在摩擦力作用,即。选项C正确。

     

如图,光滑圆轨道固定在竖直面内,一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动。已知小球在最低点时对轨道的压力大小为N1,在高点时对轨道的压力大小为N2.重力加速度大小为g,则N1–N2的值为

A.3mg   B.4mg  C.5mg  D.6mg

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

D

设小球在最低点时速度为v1,在最高点时速度为v2,根据牛顿第二定律有,在最低点:N1mg=,在最高点:N2+mg=;从最高点到最低点,根据动能定理有mg·2R=,联立可得:N1N2=6mg,故选项D正确。

     

如图,一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直面内,环的圆心与两导线距离相等,环的直径小于两导线间距。两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流。若

A.金属环向上运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向

B.金属环向下运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向

C.金属环向左侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针

D.金属环向右侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

D

当金属环上下移动时,穿过环的磁通量不发生变化,根据楞次定律,没有感应电流产生,选项AB错误;当金属环向左移动时,穿过环的磁通量垂直纸面向外且增强,根据楞次定律可知,产生顺时针方向的感应电流,故选项C错误;当金属环向右移动时,穿过环的磁通量垂直纸面向里且增强,根据楞次定律可知,产生逆时针方向的感应电流,故选项D正确。

     

沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用,其下滑的速度-时间图线如图所示。已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数,在0~5s,5~10s,10~15s内F的大小分别为F1、F2和F3,则

A.F1<F2               B.F2>F3

C.F1>F3               D.F1=F3

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

A

根据v-t图像可以知道,在0~5s内加速度为a1=0.2m/s2,方向沿斜面向下;

5~10s内,加速度a2=0;在10~15s内加速度为a3=-0.2m/s2,方向沿斜面向上;受力分析如图:

0~5s内,根据牛顿第二定律:mgsin θfF1=ma1,则:F1=mgsin θf–0.2m

5~10s内,根据牛顿第二定律:mgsin θfF2=ma2,则:F2=mgsin θf

10~15s内,根据牛顿第二定律:f+F3-mgsin θ=ma3,则:F3=mgsin θf+0.2m

故可以得到:F3>F2>F1,故选项A正确。

     

如图,平行板电容器两极板的间距为d,极板与水平面成45°角,上极板带正电。一电荷量为q(q>0)的粒子在电容器中靠近下极板处。以初动能Ek0竖直向上射出。不计重力,极板尺寸足够大,若粒子能打到上极板,则两极板间电场强度的最大值为

A.         B.         C.          D.

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

B

当电场足够大时,粒子打到上级板的极限情况为:粒子到达上级板处时速度恰好与上级板平行,粒子的运动为类平抛运动的你运动。将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx,根据运动的合成与分解,当vy=0时,根据运动学公式vy=v0cos45°,联立得E=,故选项B正确。

     

通过观察冥王星的卫星,可以推算出冥王星的质量。假设卫星绕冥王星做匀速圆周运动,除了引力常量外,至少还需要两个物理量才能计算出冥王星的质量。这两个物理量可以是

A.卫星的速度和角速度B.卫星的质量和轨道半径

C.卫星的质量和角速度D.卫星的运行周期和轨道半径

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

AD

根据线速度和角速度可以求出半径,根据万有引力提供向心力则:

,整理可以得到:,故选项A正确;由于卫星的质量m约掉,故与卫星的质量无关,故选项BC错误;若知道卫星的周期和半径,则,整理得到:,故选项D正确。

     

如图(a)所示,扬声器中有一线圈处于磁场中,当音频电流信号通过线圈时,线圈带动纸盆振动,发出声音。俯视图(b)表示处于辐射状磁场中的线圈(线圈平面即纸面)磁场方向如图中箭头所示,在图(b)中

A.当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里

B.当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外

C.当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里

D.当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

BC

将环形导线分割成无限个小段,每一小段看成直导线,则根据左手定则,当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外,故选项A错误,选项B正确;当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里,故选项C正确,选项D错误。

     

图(a)所示,理想变压器的原、副线圈的匝数比为4:1,RT为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R1为定值电阻,电压表和电流表均为理想交流电表。原线圈所接电压u随时间t按正弦规律变化,如图(b)所示。下列说法正确的是

A.变压器输入、输出功率之比为4:1

B.变压器原、副线圈中的电流强度之比为1:4

C.u随t变化的规律为u=51sin(50πt)(国际单位制)

D.若热敏电阻RT的温度升高,则电压表的示数不变,电流表的示数变大

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

BD

由题意,变压器是理想变压器,故变压器输入、输出功率之比为11,故A错误;变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比,即,故选项B正确;由图(b)可知交流电压最大值Um=51V,周期T=0.02s,可由周期求出角速度的值为ω=100πrad/s,则可得交流电u表达式U=51sin100πtV,故选项C错误;RT处温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,电压表示数不变,故选项D正确。

     

如图,一带正电的点电荷固定于O点,两虚线圆均以O为圆心,两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹,a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法说法正确的是

A.M带负电荷,N带正电荷

B.M在b点的动能小于它在a点的动能

C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能

D.N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功

答案解析:
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知识点:物理

ABC

如图所示,粒子受到的电场力指向轨迹的凹侧,可知M受到了引力作用,N受到了斥力作用,故M带负电荷,N带正电荷,选项A 正确;犹豫虚线是等势面,故M a点到b点电场力对其做负功,动能减小,选项B正确;d点和e点在同一等势面上,Nd点的电势能等于它在e点的电势能,故选项C正确;Nc点运动到d点的过程中,电场力做功,故选项D错误。

     

某同学利用图(a)所示的实验装置探究物块速度随时间的变化。物块放在桌面上,细绳的一端与物块相连,另一端跨过滑轮挂上钩码。打点计时器固定在桌面左端,所用交流电源频率为50Hz。纸带穿过打点计时器连接在物块上。启动打点计时器,释放物块,物块在钩码的作用下拖着纸带运动。打点计时器打出的纸带如图(b)所示(图中相邻两点间有4个点未画出)。

根据实验数据分析,该同学认为物块的运动为匀加速运动。回答下列问题:

(1)在打点计时器打出B点时,物块的速度大小为____m/s。在打出D点时,物块的速度大小为_______m/s;(保留两位有效数字)

(2)物块的加速度大小为_______m/s2。(保留两位有效数字)

答案解析:
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知识点:物理

10.56 0.96;(22.0

1)根据匀变速直线运动的中间时刻的速度等于该过程的平均速度,可知vB==×10–2 m/s=0.56 m/svB==×10–2 m/s=0.96 m/s

2)由逐差法可得加速度a==×10–2 m/s2=2.0 m/s2

     

某同学改装和校准电压表的电路图如图所示,图中虚线框内是电压表的改装电路。

(1)已知表头G满偏电流为100μA,表头上标记的内阻值为900Ω。R1、R2和R3是定值电阻。利用R1和表头构成1 mA的电流表,然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱,电压表的量程为1 V;若使用a、c两个接线柱,电压表的量程为3 V。则根据题给条件,定值电阻的阻值应选R1=___Ω,R2=______Ω,R3=_______Ω。

(2)用量程为3V,内阻为2500Ω的标准电压表对改装表3V挡的不同刻度进行校准。所用电池的电动势E为5V;滑动变阻器R有两种规格,最大阻值分别为50Ω和5kΩ。为了方便实验中调节电压,图中R应选用最大阻值为______Ω的滑动变阻器。

(3)校准时,在闭合开关S前,滑动变阻器的滑动端P应靠近_______(填“M”或“N”)端。

(4)若由于表头G上标记的内阻值不准,造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小,则表头G内阻的真实值_________(填“大于”或“小于”)900Ω。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

1100 910 2 000 250 3M 4)大于

根据题意,R1与表头G构成1mA的电流表,则IgRg=(I-Ig)R1,得R1=100Ω;若使用ab两个接线柱,电压表的量程为1V,则;若使用ac两个接线柱,电压表的量程为3V,则

2)电压表与改装电表并联之后,电阻小于2500Ω,对于分压式电路,要去滑动变阻器的最大阻值小于并联部分,同时还要便于调节,故滑动变阻器选择小电阻,即选择50Ω的电阻。

3)在闭合开关S前,滑动变阻器的滑动端P应靠近M端,使并联部分分压为零,起到保护作用。

4)造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小,说明通过表头G的电流偏小,则实际电阻偏大,故表头G内阻的真实值大于900Ω.

     

水平地面上有质量分别为m和4m的物A和B,两者与地面的动摩擦因数均为μ。细绳的一端固定,另一端跨过轻质动滑轮与A相连,动滑轮与B相连,如图所示。初始时,绳处于水平拉直状态。若物块A在水平向右的恒力F作用下向右移动了距离s,重力加速度大小为g。求

(1)物块B克服摩擦力所做的功;

(2)物块A、B的加速度大小。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

1)物块A移动了距离s,则物块B移动的距离为

物块B受到的摩擦力大小为

f=4μmg

物块B克服摩擦力所做的功为

W=fs1=2μmgs

(2)设物块A、B的加速度大小分别为aAaB,绳中的张力为T,有牛顿第二定律得:

F-μmg-T=maA

2T-4μmg=4maB

由A和B的位移关系得

aA=2aB

联立④⑤⑥式得

aA=

aB=

     

如图,A、C两点分别位于x轴和y轴上,∠OCA=30°,OA的长度为L。在△OCA区域内有垂直于xOy平面向里的匀强磁场。质量为m、电荷量为q的带正电粒子,以平行于y轴的方向从OA边射入磁场。已知粒子从某点射入时,恰好垂直于OC边射出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为t0。不计重力。

(1)求磁场的磁感应强度的大小;

(2)若粒子先后从两不同点以相同的速度射入磁场,恰好从OC边上的同一点射出磁场,求该粒子这两次在磁场中运动的时间之和;

(3)若粒子从某点射入磁场后,其运动轨迹与AC边相切,且在磁场内运动的时间为,求粒子此次入射速度的大小。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

1)粒子在磁场中做匀速圆周运动,在时间t0内其速度方向改变了90°故其周期:

T=4t0

设磁感应强度大小为B,粒子速度大小为v,圆周运动的半径为r,由洛伦兹力公式和牛顿定律得

qvB=

匀速圆周运动速度满足

联立①②③式得

B=

2)设粒子从OA变两个不同位置射入磁场,能从OC边上的同一点P射出磁场,粒子在磁场中运动的轨迹如图(a)所示:

设两轨迹所对应的圆心角分别为θ1θ2。由几何关系有:

θ1=180°-θ2

粒子两次在磁场中运动的时间分别为t1t2,则:

3)如图(b),

由题给条件可知,该粒子在磁场区域中的轨迹圆弧对应的圆心角为150°。设O为圆弧的圆心,圆弧的半径为r0,圆弧与AC相切与B点,从D点射出磁场,由几何关系和题给条件可知,此时有

设粒子此次入射速度的大小为v0,由圆周运动规律:

联立①⑦⑧⑨式得:

     

(1)一定量的理想气体从状态M可以经历过程1或者过程2到达状态N,其p-V图像如图所示。在过程1中,气体始终与外界无热量交换;在过程2中,气体先经历等容变化再经历等压变化。对于这两个过程,下列说法正确的是____。(填入正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得3分,选对3个得4分;有选错的得0分)

A.气体经历过程1,其温度降低

B.气体经历过程1,其内能减少

C.气体在过程2中一直对外放热

D.气体在过程2中一直对外做功

E.气体经历过程1的内能该变量与经历过程2的相同

(2)(8分)如图,密闭汽缸两侧与一U形管的两端相连,汽缸壁导热;U形管内盛有密度为ρ=7.5×102kg/m3的液体。一活塞将汽缸分成左、右两个气室,开始时,左气室的体积是右气室的体积的一半,气体的压强均为P0=4.5×103Pa。外界温度保持不变。缓慢向右拉活塞使U形管两侧液面的高度差h=40 cm,求此时左、右两气室的体积之比。取重力加速度大小g=10m/s2,U形管中气体的体积和活塞拉杆的体积忽略不计。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

1ABE (2) V1:V2=1:1

(1)气体经历过程1,压强减小,体积变大,膨胀对外做功,内能减小,故温度降低,选项AB正确。气体在过程2中,根据理想气体状态方程,刚开始时,气体体积不变,压强减小,则温度降低,对外放热;然后压强不变,体积变大,膨胀对外做功,则温度升高,吸热,故选项CD错误;无论是经过过程1还是过程2,初、末状态相同,故内能改变量相同,选项E正确。

(2)设初始状态时汽缸左气室的体积为V01,右气室的体积为V02;当活塞至汽缸中某位置时,左、右气室的压强分别为p1p2,体积分别为V1V2,由玻意耳定律得:

p0V01=p1V1

p0V02=p2V2

依题意有:

V01+V02=V1+V2

由力的平衡条件有:

p2-p1=ρgh

联立①②③④式,并代入题给数据得:

由此解得:

(另一解不合题意,舍去)

③⑥式和题给条件得:

V1:V2=1:1

     

(1)下列说法正确的是________________。(填入正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得3分,选对3个得4分;有选错的得0分)

A.在同一地点,单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比

B.弹簧振子做简谐振动时,振动系统的势能与动能之和保持不变

C.在同一地点,当摆长不变时,摆球质量越大,单摆做简谐振动的周期越小

D.系统做稳定的受迫振动时,系统振动的频率等于周期性驱动力的频率

E.已知弹簧振子初始时刻的位置及其振动周期,就可知振子在任意时刻运动速度的方向

(2)(8分)如图,半径为R的半球形玻璃体置于水平桌面上,半球的上表面水平,球面与桌面相切于A点。一细束单色光经球心O从空气中摄入玻璃体内(入射面即纸面),入射角为45°,出射光线射在桌面上B点处。测得AN之间的距离为 .现将入射光束在纸面内向左平移,求射入玻璃体的光线在球面上恰好发生全反射时,光束在上表面的入射点到O点的距离。不考虑光线在玻璃体内的多次反射。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

(1)ABD (2)

(1)在同一地点,重力加速度g为定值,根据单摆周期公式可知,周期的平方与摆长成正比,故选项A正确;弹簧振子做简谐振动时,只有动能和势能参与转化,根据机械能守恒条件可知,振动系统的势能与动能之和保持不变,故选项B正确;根据单摆周期公式可知,单摆的周期与质量无关,故选项C错误;当系统做稳定的受迫振动时,系统振动的频率等于周期性驱动力的频率,故选项D正确;若弹簧振子初始时刻在波峰或波谷位置,知道周期后,可以确定任意时刻运动速度的方向,若弹簧振子初始时刻不在波峰或波谷位置,则无法确定,故选项E错误。

(2)当光线经球心O入射时,光路图如图(a)所示:

设玻璃的折射率为n,由折射定律有:

式中,入射角i=45°y为折射角。

△OAB为直角三角形,因此

发生全反射时,临界角C满足

在玻璃体球面上关心恰好发生全反射时,光路图如图(b)所示。

设此时光线入射点为E,折射光线射到玻璃体球面的D点,由题意有:

△EDO内,根据正弦定理有:

联立以上各式并利用题给条件得:

     

(1)下列说法正确的是_________。(填入正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得3分,选对3个得4分;有选错的得0分)

A.爱因斯坦在光的粒子性的基础上,建立了光电效应方程

B.康普顿效应表明光子只具有能量,不具有动量

C.玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律

D.卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型

E.德布罗意指出微观粒子的动量越大,其对应的波长就越长

(2)(8分)如图,物块A通过一不可伸长的轻绳悬挂在天花板下,初始时静止;从发射器(图中未画出)射出的物块B沿水平方向与A相撞,碰撞后两者粘连在一起运动,碰撞前B的速度的大小v及碰撞后A和B一起上升的高度h均可由传感器(图中未画出)测得。某同学以h为纵坐标,v2为横坐标,利用实验数据作直线拟合,求得该直线的斜率为k=1.92 ×10-3s2/m。已知物块A和B的质量分别为mA=0.400kg和mB=0.100kg,重力加速度大小g=9.8m/s2。

(i)若碰撞时间极短且忽略空气阻力,求h-v2直线斜率的理论值k0。

(ii)求k值的相对误差×100%,结果保留1位有效数字)。

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

(1)ACD

(2) i)设物块AB碰撞后共同运动速度为v,由动量守恒定律有

mBv=(mA+mB)v

在碰撞后AB共同上升的过程中,由机械能守恒定律有

联立①②式得

由题意得

代入题给数据得

k0=2.04×10-3s2/m

ii)按照定义

×100%

⑤⑥和题给条件得

(1)爱因斯坦提出了光子假说,建立了光电效应方程,故选项A正确;康普顿效应表明光不仅具有能量,还具有动量,故选项B错误;玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律,故选项C正确;卢瑟福根据a粒子散射实验提出了原子核式结构模型,故选项D正确;微观粒子的德布罗意波长为,其中p为微观粒子的动量,故动量越大,则对应的波长就越短,选项E错误。

(2)本题考查动量守恒定律的应用,要注意正确选择研究对象,并分析系统是否满足动量守恒以及机械能守恒,然后才能列式求解。

     

在地面上方某一点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出,不计空气阻力,则小球在随后的运动中

A.速度和加速度的方向都在不断变化

B.速度与加速度方向之间的夹角一直减小

C.在相等的时间间隔内,速率的改变量相等

D.在相等的时间间隔内,动能的改变量相等

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

B

由于物体只受重力作用,做平抛运动,故加速度不变,速度大小和方向时刻在变化,选项A错误;设某时刻速度与竖直方向夹角θ,则,随着时间t变大,tanθ变小,θ变小,故选项B正确;根据加速度定义式,则v=gt,即在相等的时间间隔内,速度的改变量相等,故选项C错误;根据动能定理,在相等的时间间隔内,动能的改变量等于重力做的功,即WG=mgh,对于平抛运动,由于在竖直方向上,在相等时间间隔内的位移不相等,故选项D错误。

     

如图,在水平桌面上放置一斜面体P,两长方体物块a和b叠放在P的斜面上,整个系统处于静止状态。若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示。则

A.f1=0,f2≠0,f3≠0

B.f1≠0,f2=0,f3=0

C.f1≠0,f2≠0,f3=0

D.f1≠0,f2≠0,f3≠0

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

C

对整体手里分析可知,整体相对地面没有相对运动趋势,故f3=0;再将ab看成一个整体,ab整体有相对斜面向下运动的趋势,故bP之间有摩擦力,即;再对a受力分析可知,a相对于b有向下运动的趋势,ab之间存在摩擦力作用,即。选项C正确。

     

如图,光滑圆轨道固定在竖直面内,一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动。已知小球在最低点时对轨道的压力大小为N1,在高点时对轨道的压力大小为N2.重力加速度大小为g,则N1–N2的值为

A.3mg   B.4mg  C.5mg  D.6mg

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

D

设小球在最低点时速度为v1,在最高点时速度为v2,根据牛顿第二定律有,在最低点:N1mg=,在最高点:N2+mg=;从最高点到最低点,根据动能定理有mg·2R=,联立可得:N1N2=6mg,故选项D正确。

     

如图,一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直面内,环的圆心与两导线距离相等,环的直径小于两导线间距。两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流。若

A.金属环向上运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向

B.金属环向下运动,则环上的感应电流方向为顺时针方向

C.金属环向左侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针

D.金属环向右侧直导线靠近,则环上的感应电流方向为逆时针

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

D

当金属环上下移动时,穿过环的磁通量不发生变化,根据楞次定律,没有感应电流产生,选项AB错误;当金属环向左移动时,穿过环的磁通量垂直纸面向外且增强,根据楞次定律可知,产生顺时针方向的感应电流,故选项C错误;当金属环向右移动时,穿过环的磁通量垂直纸面向里且增强,根据楞次定律可知,产生逆时针方向的感应电流,故选项D正确。

     

沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用,其下滑的速度-时间图线如图所示。已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数,在0~5s,5~10s,10~15s内F的大小分别为F1、F2和F3,则

A.F1<F2               B.F2>F3

C.F1>F3               D.F1=F3

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

A

根据v-t图像可以知道,在0~5s内加速度为a1=0.2m/s2,方向沿斜面向下;

5~10s内,加速度a2=0;在10~15s内加速度为a3=-0.2m/s2,方向沿斜面向上;受力分析如图:

0~5s内,根据牛顿第二定律:mgsin θfF1=ma1,则:F1=mgsin θf–0.2m

5~10s内,根据牛顿第二定律:mgsin θfF2=ma2,则:F2=mgsin θf

10~15s内,根据牛顿第二定律:f+F3-mgsin θ=ma3,则:F3=mgsin θf+0.2m

故可以得到:F3>F2>F1,故选项A正确。

     

如图,平行板电容器两极板的间距为d,极板与水平面成45°角,上极板带正电。一电荷量为q(q>0)的粒子在电容器中靠近下极板处。以初动能Ek0竖直向上射出。不计重力,极板尺寸足够大,若粒子能打到上极板,则两极板间电场强度的最大值为

A.         B.         C.          D.

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

B

当电场足够大时,粒子打到上级板的极限情况为:粒子到达上级板处时速度恰好与上级板平行,粒子的运动为类平抛运动的你运动。将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx,根据运动的合成与分解,当vy=0时,根据运动学公式vy=v0cos45°,联立得E=,故选项B正确。

     

通过观察冥王星的卫星,可以推算出冥王星的质量。假设卫星绕冥王星做匀速圆周运动,除了引力常量外,至少还需要两个物理量才能计算出冥王星的质量。这两个物理量可以是

A.卫星的速度和角速度B.卫星的质量和轨道半径

C.卫星的质量和角速度D.卫星的运行周期和轨道半径

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

AD

根据线速度和角速度可以求出半径,根据万有引力提供向心力则:

,整理可以得到:,故选项A正确;由于卫星的质量m约掉,故与卫星的质量无关,故选项BC错误;若知道卫星的周期和半径,则,整理得到:,故选项D正确。

     

如图(a)所示,扬声器中有一线圈处于磁场中,当音频电流信号通过线圈时,线圈带动纸盆振动,发出声音。俯视图(b)表示处于辐射状磁场中的线圈(线圈平面即纸面)磁场方向如图中箭头所示,在图(b)中

A.当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里

B.当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外

C.当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里

D.当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外

答案解析:
答案及解析:

知识点:物理

BC

将环形导线分割成无限个小段,每一小段看成直导线,则根据左手定则,当电流沿顺时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外,故选项A错误,选项B正确;当电流沿逆时针方向时,线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里,故选项C正确,选项D错误。