知识点：匀变速直线运动

B

解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A错误；

B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B正确；

C、物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C错误；

D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D错误；

故选B．

知识点：匀变速直线运动

A

解：物体作匀加速直线运动在前一段△x所用的时间为t1，平均速度为=，即为时刻的瞬时速度；物体在后一段△x所用的时间为t2，平均速度为=，即为时刻的瞬时速度．速度由变化到的时间为△t=，所以加速度a==，所以A正确．

故选：A．

知识点：牛顿第二定律

D

解：由于重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍，所以在竖直方向上有FN﹣mg=ma上，

解得a上=0.15g，

设水平方向上的加速度为a水，则=tan37°=，

所以a水=0.2g，

对物体受力分析可知，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，

即f=ma水=0.20mg，所以D正确．

故选D．

知识点：共点力的平衡

C

解：对人和绳子整体受力分析，受重力、支持力和两倍的拉力，如图

根据平衡条件，有

N=G总   ①

2T=f  ②

其中

f=μ地N   ③

由①②③解得

T=

故选C．

知识点：牛顿第二定律

C

解：A、C未撤去F时，在斜面平面内，物块受到重力的分力mgsinα、推力F和静摩擦力f，由平衡条件得：物块所受的静摩擦力大小为f=，则物块的最大静摩擦力fm≥；

撤去F后，物块的最大静摩擦力不变，由于mgsinα＜fm，故物块仍处于静止状态．故A错误，C正确．

B、未撤去F时，摩擦力方向沿着重力的分力mgsinα和推力F的合力的相反方向，而撤去F后摩擦力沿斜面向上，故物块所受摩擦力的方向改变．故B错误．

D、撤去F后，物块所受的静摩擦力f′=mgsinα＜f，即物块所受摩擦力的大小变小．故D错误．

故选C

知识点：牛顿第二定律

B

解：当汽车匀速行驶时，有．

根据P=F′，得

由牛顿第二定律得a=．故B正确，A、C、D错误．

故选B．

知识点：牛顿第二定律

B

解：AB、对系统研究，根据牛顿第二定律得，整体加速度a=．隔离对2研究，有F﹣F2=m2a，则F=24N．所以弹簧秤的示数为24N．故B正确，A错误．

C、在突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，则2的瞬时加速度．故C错误．

D、在突然撤去F1的瞬间，弹簧的弹力不变，则1的瞬时加速度与撤去前相等，为2m/s2．故D错误．

故选B．

知识点：简谐运动

C

解：A、小球做简谐运动的平衡位置处，mg=kx，x=．当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长，可知x=A．所以在最低点时，形变量为2A．弹力大小为2mg．故A错误．

B、在运动的过程中，只有重力和弹力做功，系统机械能守恒，弹簧的弹性势能、物体的动能、重力势能之和不变．故B错误．

C、从最高点到最低点，动能变化为0，重力势能减小2mgA，则弹性势能增加2mgA．而初位置弹性势能为0，在最低点弹性势能最大，为2mgA．故C正确．

D、在平衡位置动能最大，由最高点到平衡位置，重力势能减小mgA，动能和弹性势能增加，所以物体的最大动能不等于mgA．故D错误．

故选C．

知识点：波长、频率和波速

C

解；由图象知波长为0.12m，振幅0.02m，周期T==0.15s．

A、经过0.2s即经过1周期，经过一个周期知道回到原位置，即只看经过周期的振动情况即可，若向右传播，x=4cm处质点经过周期将在波峰，向左传播将在波谷，故该波向左传播，故A错误；

B、根据质点带动法，由A知质点P在t=0时刻速度方向沿y轴负方向B错误；

C、质点P在0.6s时间内为4个周期，经过的路程为16个振幅=16×0.02=0.32m，C正确；

D、由于该波向左传播，所以根据振动和波动关系可知t=0.4s时刻，质点P离开平衡位置向上运动，速度方向向上，加速度向下，故D错误．

故选C．

知识点：波长、频率和波速

B

解：A、两列波均在传播，故相遇时间：，故A错误；

B、t=1.5s 时，两列波传播的距离均为：△x=v•△t=0.4×1.5=0.6m；

故右侧波刚传到P点，左侧波刚传到Q点，故两列波单独引起P点的位移均为零，故合位移为零，故B正确；

C、两列波单独传播引起的M点的位移总是相反，故振动减弱，振幅为0，故C错误；

D、M点振幅为零，故位移始终为零，故D错误；

故选B．

知识点：万有引力定律

BD

解：对于地球同步卫星和以第一宇宙速度运动的近地卫星，由万有引力提供做匀速圆周运动所需向心力得到：

，得：

=，故A错误，D正确．

因为地球同步卫星的角速度和地球赤道上的物体随地球自转的角速度相同，

由a1=ω2r，a2=ω2R可得，=，故B正确C错误；

故选BD．

知识点：共点力的平衡

A

解：A、B以小圆柱体Q为研究对象，分析受力情况，作出受力示意力图，如图1所示．

由平衡条件得：

MN对Q的弹力F1=mgcosα，P对Q的弹力F2=mgsinα

使MN绕O点缓慢地顺时针转动的过程中，α减小，则F1增大，F2减小．故A正确，B错误．

C、对P研究，作出受力如图2，地面对P的弹力N=Mg+F2sinα，F2减小，α减小，所以N减小．故C错误．

D、Q缓慢移动，所受的合力保持为零，不变．故D错误．

故选A

知识点：长度的测量

（1）52.35；（2）3.855．

解：（1）由图1所示游标卡尺可知，主尺示数是5.2cm=52mm，

游标尺示数是7×0.05mm=0.35mm，游标卡尺示数为52mm+0.35mm=52.35mm．

（2）由图2所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为3.5mm，

可动刻度示数为35.5×0.01mm=0.355mm，螺旋测微器示数为3.5mm+0.355mm=3.855mm．

故答案为：（1）52.35；（2）3.855．

知识点：牛顿第二定律

C；0.49

解：（1）BC段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码总质量过大，大于小车的总质量，故C正确；

故选C

（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2得：

a==0.49m/s2．

故答案为：C；0.49

知识点：匀变速直线运动

见解析

解：“不合理”

原因在于：能满足题设的汽车恰好不碰上自行车的临界条件是：当汽车减速到与自行车速度相等时，它们恰好相遇，而不是汽车减速到0时相遇．               

正确解法：

汽车减速到与自行车速度相等时，所用时间为：

在此时间内，汽车滑行距离为：

自行车的前进的距离为：s2=v2t=40m

关闭油门时汽车与自行车的距离为：s=s1﹣s2=30m

答：这位同学的解法是不合理的，关闭油门时汽车与自行车的距离为30m．

知识点：动能和动能定理

见解析

解：（1）从A到C过程，由动能定理得：

mgH﹣μmgL=mvC2﹣0，解得：vC=1m/s．

（2）工件从A到B过程，由动能定理得：

mgH=mvB2﹣0，解得：vB=5m/s，

当传送带以v=8m/s速度顺时针方向转动时，

工件先做加速运动，由牛顿第二定律得：

μmg=ma，解得：a=4m/s2，

经过时间t工件的速度与传送带速度相等，

由匀变速运动的速度公式得：v=vB+at，解得t=0.75s，

在时间t内，工件位移s1=vBt+at2=4.875m＞3m=L，

则工件在传送带上一直做加速运动，设工件在传送带上的运动时间为t1，

L=vBt1+at12，解得t1=0.5s，（t1=﹣3s舍去），

在时间t1内传送带的位移s=vt1=8×0.5=4m，

工件相对于传送带的位移x=s﹣L=1m，

因摩擦而产生的内能等于克服摩擦力所做的功，

Q=μmgx=0.4×1×10×1=4J；

答：（1）当传送带静止时，工件运动到C点时的速度为1m/s；

（2）当传送带以v=8m/s顺时针方向匀速转动时，在工件运动到C点的过程中因摩擦而产生的内能是4J．

知识点：牛顿第二定律

见解析

解：（1）开始时，A、B静止，设弹簧压缩量为x1，

对A有：kx1=mg                                                             

挂C并释放后，C向下运动，A向上运动，设B刚要离地时弹簧伸长量为x2，

对B有：kx2=mg                                                       

C下落的高度h等于A上升的高度，

（2）设绳的拉力为T，弹簧伸长量为x，物体A的加速度为a，物体C的加速度与A的加速度大小相等，根据牛顿第二定律

对A有：T﹣mg﹣kx=ma                                      

对C有：Mg﹣T′=Ma                                        

T=T′

B刚要离地时，A获得最大速度，有：kx=kx2=mg，a=0             

联立解得：M=2m                                             

（3）由于x1=x2，弹簧处于压缩和伸长状态时弹性势能相同，且B刚离开地面时，A、C两物体的速度大小相同．                                           

A、C及弹簧组成的系统机械能守恒，有：

联立解得

答：（1）物体B刚离开地面时，物体C下落的高度h为；

（2）物体C的质量M为2m；

（3）物体A获得的最大速度为．

知识点：动能和动能定理

见解析

解：（1）开始滑行至d点，由机械能守恒定律得：

mg（H﹣R）=①

mg﹣N=②

由①②解得：N=360N

（2）当以v0=4m/s从b点水平滑出时，运动员做平抛运动落在Q点，如图所示．设bQ=s1④

⑤

由④⑤得⑥

vy=gt=6m/s⑦

在Q点缓冲后

⑧

⑨

运动员恰好从d点滑离轨道应满足⑩

由⑨⑩代入数据解得即

可见滑板运动员不会从圆弧最高点d滑离轨道．       

答：（1）运动员从bc段紧靠b处无初速滑下，Nd的大小为360N；

（2）滑板运动员不会从圆弧最高点d滑离轨道．