知识点：速度、加速度

AD

【考点】加速度；速度．

【分析】加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，由加速度的定义可知速度与加速度的关系；自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式分析判断

【解答】解：A、加速度是表示速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故A正确；

B、物体的速度为零，但物体的速度可能还在发生变化，故加速度不一定为零，故B错误

C、位移是矢量，而路程是标量，只有做单向直线运动的物体位移的大小和路程是相等的，故C错误；

D、自由落体运动的加速度为g，运动的快慢与物体的质量无关，故D正确

故选：AD

知识点：匀变速直线运动

C

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

【分析】物体以0.6m/s2的加速度做匀变速直线运动，可能做匀加速运动，也可能做匀减速运动，根据加速度的定义式展开分析即可．

【解答】解：A、0.6m/s2的加速度说明物体在每1s的时间里速度变化是0.6m/s，而不是末速度是初速度的0.6倍，故A错误；

B、任意1s的初和前1s的末是同一时刻，故速度相同，故B错误．

C、由加速度的定义式 a=，可知物体在每1 s内的速度变化是0.6m/s，故C正确；

D、只知道加速度的大小，但不明确方向，故物体可能匀加速也可能匀减速，末速度可能比初速度小0.6m/s，故D错误；

故选：C

知识点：匀变速直线运动

B

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】根据匀变速直线运动特有的平均速度公式和平均速度的定义求解．

【解答】解：因为子弹在墙内做匀变速直线运动，初速度为v，末速度为0，故子弹的平均速度：

所以可得子弹运动的时间为：t=

故选：B．

知识点：匀变速直线运动

D

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求这三段位移，可以先求第一段的位移，再求前两段的位移，再求前三段的位移，前两段的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移；

【解答】解：根据x=

物体通过的第一段位移为x1=

又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移

故物体通过的第二段位移为x2=

又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移

故物体通过的第三段位移为x3=

故x1：x2：x3=1：8：27

故选：D．

知识点：牛顿第二定律

C

【考点】牛顿第二定律；参考系和坐标系．

【分析】传送带向右匀速传动，煤块由静止放到传送带上，相对传送带向左滑动，故会受到向右的滑动摩擦力，从而由静到动，是加速，直到与传送带相对静止，之后一起向右运动．

【解答】解：煤块先向右匀加速运动，当速度与传送带相同时，一起匀速直线运动；

以传送带为参考系，煤块有向左的初速度，又受到向右的滑动摩擦力，故向左做匀减速直线运动，直到与皮带相对静止；

故选：C．

知识点：速度、加速度

B

【考点】加速度．

【分析】加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量，加速度的解法通常有①定义式法②匀变速直线运动的基本公式③处理纸带时常用的方法．

【解答】解：汽车长度4.5米，在图中占三格，所以一格代表1.5米．有图象可以看到题目给出了连续相等时间间隔内的位移，第一段位移有8格，则位移为 x1=12m．

第二段位移有13.5格，则位移为 x2=13.5×1.5m=20.25m

由连续相等时间间隔内的位移位移之差等于aT2，得：，T=2s

解得：a≈2m/s2．

故选：B

知识点：匀变速直线运动

A

【考点】匀变速直线运动的图像．

【分析】根据位移图象的斜率等于速度，分析质点的速度方向，判断质点的运动情况．坐标的变化量等于位移．

【解答】解：

A、B位移图象只能反映位移正负两个方向，所以只能描述直线运动；故A正确，B错误．

C、根据位移等于坐标的变化量分析可知，在10s时质点离出发点最远为5m，而在20s时离出发点的距离只有1m；故C错误．

D、图象的斜率表示速度大小，在t=10s速度为零．故D错误．

故选A

知识点：匀变速直线运动

B

【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．

【分析】此题应先分析甲乙物体实际运动情况，后利用图象的物理意义解决问题．

【解答】解：A、对于乙车，O﹣a先沿反方向做匀加速直线运动，a﹣b沿反方向做匀减速直线运动，所以A错误；

B、对于乙车，a﹣b沿反方向做匀减速直线运动，b﹣d沿正方向做匀加速直线运动，整个过程的加速度相同，所以B正确；

C、在c时刻甲乙速度相同，由面积法可知此时相距最远，并没有被追上，所以CD错误；

故选B．

知识点：匀变速直线运动

D

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

【分析】当速度增大时，速度方向与加速度方向相同；当速度减小时，速度方向与加速度方向相反，而题设条件加速度方向不变，所以减速时，速度方向必定与加速时方向相反，故位移会减小．

【解答】解：A、当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以是可能的．

B、速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢．所以是可能的．

C、速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零．所以也是可能的．

D、加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故不可能．

故选D．

知识点：匀变速直线运动

B

【考点】匀变速直线运动的图像．

【分析】由图可知物体的运动状态，由图象的斜率可得出加速度的变化；将该运动与匀变速直线运动比较可得出平均速度与，

【解答】解：由图可知，物体做加速度减小的加速运动，故AC错误；

连接图象的起点和终点可得到一个匀变速直线运动，如图所示，其平均速度为；而由图可知，变加速运动的位移大于匀变速直线运动的位移，故可知，变加速运动的平均速度大于；故B正确，D错误；

故选B．

知识点：质点、参考系

AD

【考点】质点的认识．

【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．

【解答】解：A、质点是为了研究问题简单而引人的一种理想化模型，实际上并不存在，所以A正确；

B、体积很小的物体不一定能看成质点，例如蚂蚁很小，但是在研究蚂蚁的爬行情况的时候，就不能看成质点，所以B错误；

C、和B的分析类似，所以C错误；

D、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，所以D正确．

故选AD．

知识点：匀变速直线运动

ACD

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】油滴滴下后做平抛运动，沿车的运动方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．沿运动方向相邻两个油滴的时间间隔相等，间隔越来越大，说明速度越来越大，如果相邻的两个油滴的位移之差是一恒量，该运动是匀变速直线运动

【解答】解：A、油滴滴下后做平抛运动，沿车的运动方向做匀速直线运动，当沿运动方向油滴始终均匀分布时，若任意相等时间内的位移相等，车的速度不变，做匀速直线运动．若不是任意时间内位移都相等，车也可能做变速直线运动，故A正确．

B、C、当沿运动方向油滴间距越来越大时，相邻两个油滴的时间间隔相等，说明速度越来越大，加速度可能增大，可能减小，可能不变．故B错误、C正确．

D、当沿运动方向油滴间距逐渐减小时，由于相邻两个油滴的时间间隔相等，说明速度越来越小，而加速度可能不变，也可能变化，车不一定在做匀减速直线运动．故D正确；

故选：ACD．

知识点：匀变速直线运动

D

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．

【分析】将物体所做末速度为零的匀减速直线运动看成初速度为零的匀加速直线运动，由推论和平均速度公式即可求解比例关系．

【解答】解：将物体所做末速度为零的匀减速直线运动看成初速度为零的匀加速直线运动．

A、根据初速度为零的匀加速直线运动的推论可知，经历的时间之比是（）：（）：1．故A错误．

B、C、D平均速度公式为，x都是1m，则得，平均速度之比与时间成反比，则有平均速度之比是（）：（）：1．故D正确，BC错误．

故选D．

知识点：匀变速直线运动

AD

【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．

【分析】本题可作出由速度﹣﹣时间图象，再由图象得出中间位置及中间时刻的速度大小，即可比较出两速度的大小．

【解答】解：A、作出匀加速的v﹣t图象，如图1所示．由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移小于总位移的一半，故由图得知中间位置的速度v1一定大于v2，即v1＞v2．故A正确，B错误．

C、作出匀减速的v﹣t图象，如图2所示．由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移大于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的左边侧，故此时对应的速度v1一定大于v2，即v1＞v2．故C错误，D正确．

故选：AD．

知识点：匀变速直线运动

AD

【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】根据连续相等时间呃逆的位移之差是一恒量求出物体运动的加速度，结合位移时间公式求出第1s内的位移，根据速度时间公式求出第2s末的速度．

【解答】解：A、根据得，物体运动的加速度a=，则第1s内的位移，故A正确，C错误．

B、第2s末的速度v2=at2=6×2m/s=12m/s，故B错误．

C、物体在5s内的位移，则物体在5s内的平均速度，故D正确．

故选：AD．

知识点：自由落体运动

BC

【考点】自由落体运动．

【分析】A、求出b球下落20m所用的时间，从而知道a球运动时间，根据v=gt求出a球的速度．

B、求出a球与地面接触所用的时间，从而知道b球运动的时间，根据求出b球下落的高度，从而得知b球离地的高度．

C、求出两球速度变化量与时间是否有关，从而确定速度差是否恒定．

D、求出两球下落的高度差是否与时间有关，从而确定高度差是否恒定．

【解答】解：A、根据知，b球下落的时间．则a球下落的时间t1=3s，速度v=gt1=30m/s．故A错误．

B、a球运动的时间，则b球的运动时间t′=4s，b球下降的高度，所以b球离地面的高度为45m．故B正确．

C、设b球下降时间为t时，b球的速度vb=gt，a球的速度va=g（t+1），则△v=va﹣vb=g，与时间无关，是一定量．故C正确．

D、设b球下降时间为t时，b球下降的高度，a球下降的高度，两球离地的高度差等于下降的高度差，，随时间的增大，位移差增大．故D错误．

故选：BC．

知识点：匀变速直线运动

EBFCADG

【考点】测定匀变速直线运动的加速度．

【分析】按照组装器材、实验操作、记录数据和数据处理的顺序进行操作，在测定匀变速直线运动的加速度的实验中，既可以平衡摩擦力，也可以不平衡摩擦力，结合做实验的步骤把顺序排列．

【解答】解：在测定匀变速直线运动的加速度的实验中，具体的实验步骤为：将打点计时器固定在平板上并接好电路，然后平衡摩擦，将平板一端抬高轻推小车，使小车恰能做匀速运动，

将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔，用一条细绳拴住小车，细绳跨过定滑轮，下面吊适当的钩码，拉住纸带，将小车移到靠近打点计时处，先接通电源，然后放开纸带，断开电源取下纸带，换上新的纸带，再重复做三次．

故答案为：EBFCADG

知识点：匀变速直线运动

【考点】探究小车速度随时间变化的规律．

【分析】在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，根据逐差法可以得出加速度．

【解答】解：由于相邻的时间间隔位移之差相等，根据运动学公式推论△x=at2得：

，

，

故：

故答案为：

知识点：匀变速直线运动

2.46；6.2．

【考点】测定匀变速直线运动的加速度．

【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．

【解答】解：从A点开始每打5个点取1个计数点，相邻的计数点之间的时间间隔是0.1s

（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，

vD==m/s=2.46m/s

（2）逐差法求解：

a==6.2m/s2；

故答案为：2.46；6.2．

知识点：匀变速直线运动

解：摩托车碰撞过程做减速运动，初速度为v0=36km/h=10m/s，末速度为v=0，时间t=2×10﹣3s，则加速度为

a===﹣5000m/s2=﹣500g

可见，摩托车的加速度数值达到了500g，因此驾驶员有生命危险．

答：该驾驶员有生命危险．

【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．

【分析】摩托车碰撞过程做减速运动，已知初速度、时间和末速度为零，根据加速度的定义式a=求解加速度，即可判定驾驶员是否有生命危险．

知识点：匀变速直线运动

解：B车速度减为0的时间：

A车与B车的位移差：

=

B车停止后AB两车间的距离：△x′=181﹣144=37m

B车停止时，A车的速度

A继续运动时间为

代入数据：

解得：

所以：

即此A车需13s追上B车

答：A车需13s时间才能超越B车

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】先要判定B车的刹车时间，在判定A和B在刹车时间内的位移，看是不是在车停下来时，A还没有追上，进而确定需要的时间．

知识点：自由落体运动

解 （1）设木棒的长度为l，绳子剪断后木棒自由下落，故可将A、B两端分别看做自由下落的质点，它们下落到C点所用时间分别为t1、t2，依题意有：

①

②

t1﹣t2=0.2 ③

由①②③得：l=0.6m，t1=0.4s，t2=0.2s；

（2）由于AD、DB两段通过C点的时间相同，故时间AD、DB两段通过C点的时间均为0.1s；

DC=

解得：DC=0.45m

故AD=AC﹣DC=0.8﹣0.45=0.35m；

答：（1）木棒AB的长度为0.6m；

（2）D为AB棒上的一点，若AD、DB两段通过C点的时间相同，则AD为0.35m．

【考点】自由落体运动．

【分析】（1）木棒做自由落体运动，根据自由落体位移公式，分别研究杆下端B到达C点过程和杆上端A到达C点过程，根据位移时间关系公式h=gt2列式后联立求解即可．

（2）由于AB杆通过C点的时间已经求解出，故可以得到D点到C点的时间，然后求解DC间距，再求解AD间距．

知识点：匀变速直线运动

解：设物体的加速度为a，到达A点的速度为v0，通过AB段和BC点所用的时间为t，

则，①

②

联立①②解得：a=③

④

设0与A的距离为L，则L=⑤

将③④代入⑤解得L=

答：OA的长度为．

【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】物体做匀加速运动，加速度不变．对AB段、BC段时间相等，分别用位移关系公式列方程求出加速度和初速度，再由速度位移关系公式求解有O与A的距离．