抛物线上的动点到焦点的距离的最小值为1,则 .
知识点:数学
2
因为抛物线上动点到焦点的距离为动点到准线的距离,因此抛物线上动点到焦点的最短距离为顶点到准线的距离,即
在报名的3名男教师和6名女教师中,选取5人参加义务献血,要求男、女教师都有,则不同的选取方式的种数为 .(结果用数值表示).
知识点:数学
120
由题意得,去掉选5名女教师情况即可:.
已知点P和Q的横坐标相同,P的纵坐标是Q的纵坐标的2倍,P和Q的轨迹分别为双曲线和.若的渐近线方程为,则的渐近线方程为 .
知识点:数学
由题意得:,设,则,所以
,即的渐近线方程为
赌博有陷阱.某种赌博每局的规则是:赌客先在标记有1,2,3,4,5的卡片中随机摸取一张,将卡片上的数字作为其赌金(单位:元);随后放回该卡片,再随机摸取两张,将这两张卡片上数字之差的绝对值的1.4倍作为其奖金(单位:元).若随机变量和分别
表示赌客在一局赌博中的赌金和奖金,则= (元).
知识点:数学
0.2
赌金的分布列为
1 | 2 | 3 | 4 | 5 | |
P |
所以
奖金的分布列为
1.4 | 2.8 | 4.2 | 5.6 | |
P |
所以
所以=0.2
设,则“中至少有一个数是虚数”是“是虚数”的( )
A.充分非必要条件 B.必要非充分条件
C.充要条件 D.既非充分又非必要条件
知识点:数学
B
若皆是实数,则一定不是虚数,因此当是虚数时,则“中至少有一个数是虚数”成立,即必要性成立,当中至少有一个数时虚数,不一定是虚数,如,即充分性不成立,选B.
记方程①:,方程②:,方程③:,其中是正实数.当成等比数列时,下列选项中,能推出方程③无实根的是( )
A.方程①有实根,且②有实根 B.方程①有实根,且②无实根
C.方程①无实根,且②有实根 D.方程①无实根,且②无实根
知识点:数学
B
当方程①有实根,且②无实根时,,从而,即方程③:无实根,选B.而A,D由于不等式方向不一致,不可推;C推出③有实根
19、(本题满分12分)如图,在长方体中,
分别是的中点.证明四点共面,并求直线与平面所成的角的大小.
知识点:数学
解:如图:
以D为原点建立空间直角坐标系,可得有关点的坐标为
,
因为所以,因此直线共面,
即四点共面
设平面的法向量为则,又
,,故,解得.
取,得平面的一个法向量又,
故
因此直线与平面所成的角的大小为.
本题共有2小题,第小题满分6分,第小题满分8分
如图,三地有直道相通,千米,千米,千米.现甲、乙两警员同时从地出发匀速前往地,经过小时,他们之间的距离为(单位:千米).甲的路线是,速度为5千米/小时,乙的路线是,速度为8千米/小时.乙到达地后原地等待.设时乙到达地.
(1)求与的值;
(2)已知警员的对讲机的有效通话距离是3千米.当时,求的表达式,并判断在上得最大值是否超过3?说明理由.
知识点:数学
(1)
(2) ,不超过3.
解:(1)记乙到C时甲所在地为D,则千米.
在中,
所以(千米).
(2)甲到达B用时1小时;乙到达C用时小时,从A到B总用时小时.
当时,
当时,..
所以.
因为在上的最大值是,在上的最大值是,,所以在上的最大值是,不超过3.
本题共有2个小题,第1小题6分,第2小题8分.
已知椭圆,过原点的两条直线和分别于椭圆交于和,记得到的平行四边形的面积为.
(1)设,,用的坐标表示点到直线的距离,并证明;
(2)设与的斜率之积为,求面积的值.
知识点:数学
(1)详见解析(2).
证明:
(1)直线点C到的距离为
所以
(2)设
设
由,得.同理
由(1),
,
整理得
22、已知数列与满足,
(1)若,且,求数列的通项公式;
(2)设的第项是最大项,即,求证:数列的第项是最大项;
(3)设,求的取值范围,使得有最大值与最小值,且.
知识点:数学
(1)(2)详见解析(3)
解:(1)由,得,
所以是首项为1,公差为6的等差数列,
故的通项公式为
证明:(2)由,得.
所以为常数列,即.
因为,所以,即.
故的第项是最大项.
解:(3)因为,所以,
当时,
=2
当时, ,符合上式.
所以.
因为,所以.
①当时,由指数函数的单调性知,不存在最大、最小值;
②当时,的最大值为3,最小值为-1,而;
③当时,由指数函数的单调性知,的最大值,最小值,由及,得.
综上,的取值范围是.
对于定义域为的函数,若存在正常数,使得是以为周期的函数,则称为余弦周期函数,且称为其余弦周期.已知是以为余弦周期的余弦周期函数,其值域为.设单调递增,,.
(1)验证是以为余弦周期的余弦周期函数;
(2)设.证明对任意,存在,使得;
(3)证明:“为方程在上的解”的充要条件是“为方程在上有解”,并证明对任意都有.
知识点:数学
(1)详见解析(2)详见解析(3)详见解析
证明:(1)易见的定义域为,
对任意,,
所以,
即是以为余弦周期的余弦周期函数。
(2)由于的值域为,所以对任意,都是一个函数值,即有,使得.
若,则由单调递增得到,与矛盾,所以.同理可证.故存在使得.
(3)若为在上的解,则,且,
,即为方程在上的解.
同理,若为方程在上的解,则为该方程在上的解.
以下证明最后一部分结论.
由(2)所证知存在,使得.
而是函数的单调区间,
与之前类似地可以证明:是=-1在上的解当且仅当是在上的解,从而=在与上的解的个数相同.
故
对于
而,故.
类似地,当时,有.
结论成立.